第一题是一道代数题，an是一道多项式之和，求证：当正整数n≥2时，a（n+1）＜an。
刚看见这题的时候，陆时羡还有些没有思路，于是一下子就顿在那里了。
毕竟纯粹的代数题，非常考验人的逻辑联系思维能力。
难道连第一道证明题都做不出来？这已经是最简单的了。
陆时羡忽然紧张起来，如果连第一题都做不出来，绝对是对他后面题目解答的一个巨大打击。
他轻吐一口气，慢慢迫使自己平静下来。
越是紧张越不能着急。
陆时羡再次审题，忽然发现自己陷入了一个误区，证明这种比大小的题目，何必将其分别代入后再比呢？
他只需要转换一下思维方式。
a与b比大小也可以转换成a与b比差或者a与b比商。
如果a-b最后的结果大于零，或者a/b的结果大于1，那就可以说明a大于b
想到这，陆时羡的眼睛越来越亮。
他在草稿纸上飞快地验算，对于an式，可以利用乘法分配律将n+1单独分离出来。
再得出对任意的正整数n≥2，an-a（n+1）最后的简化式。
最后证明简化式大于零。
故a（n+1）＜an。
此题得证。
将这道题解决，陆时羡长松一口气，开始看下一题。
第二题是一道平面解析几何。
题目大意是对勾函数和一条直线得到的两个交点，然后求交点在对勾函数上两条切线的交点轨迹是多少？
不得不说，如果逻辑思维能力不够，光是看题目就足够让你看晕了。
不过说起来，这种题还是陆时羡的强项，他在数学里最擅长的就是将图形转化成代数。
无非就是求交点的坐标。
根据给出的条件联立方程组，由题意知，该方程在0，+∞上有两个相异的实根x1、x2，故k≠1，且Δ（1）式=1+4k?1＞0，两个实根之和（2）式与之积（3）式都大于零。
由此可以得出直线的斜率k的取值范围，最后对对勾函数进行求导
化简得到直线l1和l2的方程（4）式和（5）式
（4）式-（5）式得xp的函数表达式（6）式
将23两式代入6式得xp=2
4式+5式得yp的函数表达式（7）式
将23的组合式代入7式得2yp=3?2kxp+2，而xp=2，得yp=4?2k
根据斜率k的取值范围2＜yp＜25
即点p的轨迹为2，2，2，25两点间的线段（不含端点）
陆时羡写完这题，考试时间已经只剩下四十分钟了。
第二道大题还真的不难，思路很简单，就是计算过程有些复杂，同时也比较费时间，光这一个题目就花了他几十分钟。
来不及吐槽，陆时羡赶紧望向第三大题，
设函数fx对所有的实数x都满足fx+2π=fx。
求证：存在4个函数fixi=1，2，3，4满足：
（1）对i=1，2，3，4，fix是偶函数，且对任意的实数x，有fix+π=fix；
（2）对任意的实数x，有fx=f1x+f2xsx+f3x+f42x。
题目看起来非常简洁，可是陆时羡知道最后的解答过程是题目的数倍，可能还不止。
时间不多，陆时羡决定先解决第一题。
陆时羡用屁股想都明白，凡是跟圆周率π挨上边的基本上就跟周期函数挂钩了。
他直接策反了敌方fx两员大将的gx与hx，且gx是偶函数，hx是奇函数，对任意的x∈r，gx+2π=gx，hx+2π=hx。
然后分别代入四条函数fix，i=1，2，3，4。得到四条函数f1x、f2x、f2x、f4x的表达式。
故fix，i=1，2，3，4是偶函数，且对任意的x∈r，fix+π=fix。
这个倒是简单，极有限次数的验证只需要分别代入验证就行了，不费脑子。
陆时羡觉得只要次数在10以下，他都能接受，无非就是费点笔芯而已。
毕竟总比看半天题目无从下手的强。
不过此题好像还是给了参赛者一些余地，因为陆时羡发现第二问与第一问的关联很大。
将刚刚第一问得到的代数式代入fx=f1x+f2xsx+f3x+f42x
接下来，分情况讨论就完事了。
因为f1x、f2x、f2x、f4x因为x的取值范围，从而存在6种情况。
其中有两种已经无需讨论，已经是从实招来。
还有四种情况依然负隅抵抗，陆时羡只好使出假设杀威棒。
最后它们终于被屈打成招，也因此证明了所有六种情况完全成立。
综上所述，此式成立得证！
陆时羡长吐一口气，再用余光看向周围时，诺大的教室居然只剩下他一个人。
他忽然心里一慌，时间还没结束啊，不会吧？
自己花这么大力气证明的题目，别人这么快就做完了？
是我老了提不动屠龙刀了，还是现在的小朋友太厉害？
他一抬头，就看着监考员直盯盯地望着他。
什么意思？是我让你失望了吗？
对不起我道歉，我承认我真的是个数学渣渣。
他颇为忧郁地起身交卷，然后收拾行李，准备离开这个伤心地。
可没想到当他离开的时候，背后传来监考员的赞叹声。
“哎呦，不错哦！这个考场的人早就放弃提前走了，只有你还在默默坚持。”
陆时羡：???？
“不管对错，你能做完，也不愧我盯你一个人盯了一个小时了。”
陆时羡：e??＞灬＜?3
陆时羡本来低潮的心情又渐渐回升起来。
这意思好像是我还算可以，宝刀未老啊！